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2019年湖南省娄底中考物理试卷有答案

来源:华佗健康网
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绝密★启用前

湖南省娄底市2019年中考试卷

物 理

一、选择题(本题共36分。每小题给出的选项中,只有一个是正确的,每小题选对得3

分,错选或未选的得0分) 1.下列估算数据最接近事实的是

( )

A.一部华为5G手机的质量约2kg

B.人体的电阻大约为36

C.家用液晶电视机额定功率约100W D.教室门的高度约180mm 2.下列关于声现象的说法正确的是

( )

A.振动物体的振幅越大音调越高 B.声音在真空中的传播速度是340m/s C.打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生

D.地震、火山喷发等自然现象会伴有次声波的产生

3.清代诗人袁枚的《苔》:“白日不到处,青春恰自来。苔花如米小,也学牡丹开”其中“白日不到处”主要涉及的物理知识是

( )

A.光的直线传播 B.光的反射 C.光的折射

D.光的色散

4.用一段细铁丝做一个支架作为转动轴,把一根中间戳有小孔(没有戳穿)的饮料吸管放在转动轴上,吸管能在水平面内自由转动(如图所示)。用餐巾纸摩擦吸管使其带电,将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时,发现吸管被推开,下列说法正确的是

( )

A.吸管和橡胶棒带异种电荷

B.吸管和餐巾纸摩擦后,两者带同种电荷 C.吸管和餐巾纸摩擦时,吸管得到电子带负电 D.吸管和餐巾纸摩擦时,吸管失去电子带负电

5.学习了分子动理论之后,小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象,下列总结

物理试卷 第1页(共24页) 中不正确...

的是

( )

A.“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关 B.人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染

C.用透明胶带揭下纸上写错的字,是因为胶带与纸之间有相互的斥力 D.“破镜不能重圆”是分子间的距离太大,作用力变得十分微弱

6.如图所示,电源电压保持不变,闭合开关S。当滑动变阻器的滑片P向左移动时,下列说法正确的是

( )

A.通过滑动变阻器的电流变小 B.电路中的总电流不变

C.电流表和电压表的示数都逐渐变大 D.电压表示数与电流表示数的比值不变

7.下列关于能源与可持续发展及信息传递的叙述中正确的是

( )

A.石油是可再生能源

B.娄底广播电台发射的电磁波是靠电流的迅速变化产生的 C.北斗3号卫星定位系统传递信息利用的是超声波 D.太阳内部每时每刻都在发生着核裂变释放巨大的核能

8.现在各学校都在开展“足球进校园”活动,关于同学们在足球比赛中涉及的物理知识,下列分析正确的是

( )

①足球鞋底凹凸不平,是为了减小与地面的接触面积,从而减小摩擦力 ②用头顶足球攻门时,头感到疼,说明物体间力的作用是相互的 ③足球能在空中飞行,是因为运动员对飞行的足球仍有力的作用 ④守门员及时截住射门的足球,说明力可以改变物体的运动状态 A.①③

B.②④

C.②④

D.①③④

9.在“探究影响电流热效应的因素”实验中,可通过观察U型管中液面高度变化来比较电阻产生热量的多少(如图)。以下研究中所采用方法与此相同的是

( )

物理试卷 第2页(共24页)

A.通过观察小磁针的偏转判定电流周围是否存在磁场 B.用水流类比电流来建立电流的概念 C.用温度——时间图像来描述固体熔化过程

D.探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变 10.下列设备应用到的物理知识解释正确的是

( )A.验钞机——红外线使钞票上的荧光物质发光 B.体温计——利用液体热胀冷缩的原理制成 C.汽油机——压缩冲程中内能化为机械能 D.电冰箱——利用液态制冷剂在冷冻室升华吸热

11.如图所示,GMR是一个巨磁电阻,其阻值随磁场的增强而急剧减小,当闭合开关S1、

S2时,下列说法正确的是

( )

A.电磁铁的右端为N极 B.小磁针将顺时针旋转

C.当P向左滑动时,电磁铁的磁性增强,指示灯变暗 D.当P向右滑动时,电磁铁的磁性减小,电压表的示数减小

12.水上救援需要打捞沉没的货物,我们将该情景简化为如图所示的物理过程,假设物体浸没在水深h0.5m的容器底部(非密合),现利用弹簧测力计将物体从水中匀速提出,当物体有一半体积露出水面时,弹簧测力计示数为3N,当物体全部离开水面后,弹簧测力计示数为4N,已知水的密度水1.0103kg/m3,取g10N/g,则

( )

物理试卷 第3页(共24页)

A.物体在水面下的上升过程中所受浮力逐渐减小

B.物体在容器底部时,受到的浮力为1N

C.把物体从容器底部提出水面,拉力对物体需做功2J D.物体的密度为2.0103kg/m3 二、填空题(本题共24分,每空2分)

13.娄底高铁站的进站通道采用了人脸识别系统(如图所示),识别系统的摄像机可以自动将镜头前1m处的人脸拍摄成数码照片传递给设备识别。此系统的摄像机的镜头相当于 透镜,它的焦距应 50cm(选填“大于”“等于”或“小于”)。

14.既可以省力,又可以改变用力方向的滑轮是 (选填“定滑轮”“动滑轮”或

“滑轮组”);利用一个效率为90%的杠杆做100J的总功,其中额外功是 J。15.某小灯泡上标有“6V6W”字样,其电流随两端电压变化关系的曲线如图所示,则当小灯泡两端的电压为2V时,通过小灯的电流为 A,此时小灯泡的电阻为

Ω。

16.世界上时速最快的真空超导磁悬浮直道试验线于2018年底在四川建成,试验线安装在一条特制的真空管道里,测试时可以将单人乘坐的列车模型加速到400km/h。某次测试时,用时 2.8s,通过140m距离将列车模型加速至360km/h,加速过程中列

物理试卷 第4页(共24页)

---------------- -------------在 ______--------------------__此________号生 _考__-------------------- _ _卷 _ _ ________ _ _ _ ______--------------------____上________名__姓__ _ _ _ _--------------------__答__________校学--------------------业题毕--------------------无--------------------效

车模型的平均速度是 m/,把管道设计成真空是为了s 。 17.小明同学在物理实验室利用托里拆利实验测量大气压强的值,实验时他没有将玻璃

管竖直放置,而是稍稍倾斜了,如图所示,则此时大气压强等于 mm水银柱产生的压强;如果现在在该实验室做“观察水沸腾”的实验,测得水的沸点将 (选填“高于”、“等于”或“低于”)100℃。

18.如图所示,薄壁容器的底面积为S,重为G1,内装有密度为,重为G2的某种液体,深度为h,容器放置在水平桌面上静止,那么容器底部受到的液体压强为 ,容器对桌面产生的压强为 。

三、作图与实验探究题(本题共20分,其中19题4分,20题8分,21题8分) 19.(1)如图所示,S为发光点S在平面镜MN中所成的像。请在图中画出发光点S的

位置,并画出一条由S点发出,经平面镜反射后通过P点的光线。

(2)光控开关的作用是有光时。开关断开,无光时闭合:声控开关的作用是有声音

时,开关闭合,无声音时断开。请将图中的“光控”、“声控”两个开关和灯泡用笔画线代替导线正确连入电路,要求电灯只在无光且有声音时才亮。

物理试卷 第5页(共24页)

20.如图1是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图,其中,mAmB<mC,

hAhC>hB。

图1

图2

(1)实验中,探究的动能是指 (填序号)

A.小球在斜面上的动能

B.小球撞击木块时的动能 C.小球撞击木块后的动能

D.木块被小球撞击的动能

(2)使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下。是为了研究动能大小与

的关系。

(3)在做了探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验后,有些同学对“质量不

同的小球从同一光滑斜面同一高度由静止开始滚下,刚到达底部时的速度大小相等”有疑感,小明设计了如图2所示的实验:让质量不同的小球A、C同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下,观察和比较两球相对运动情况,若C球相对于A球 (选填“运动”或“静止”),就可以说明任一时刻两球

的速度大小相等。 表面 毛巾 棉布 木板 摩擦力 最大 较大 最小 小车运动距离 最近 较远 最远 物理试卷 第6页(共24页)

(4)完成实验后,同学们还联想到以前学习牛顿第一定律时,也用到了斜面:让同

一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下,在三个不同的表面上能滑行的距离不同(如上表),小车在这三个表面上滑行的过程中克服摩擦力做功 (选填“相等”或“不相等”)

21.小明设计的“测量小灯泡额定功率”的电路图如图甲。已知电源电压U恒为6V,小灯泡标有“3.8V”字样,它正常发光时通过的电流约为0.32A。

(1)小明按图甲进行电路连接,当他接好最后一根导线时,小灯泡立即发出耀眼的

光,接着小灯泡烧坏。请指出小明在连接电路时的错误操作:① ;②滑动变阻器滑片P在图甲最右端位置。

(2)另一组同学也在做这个实验,但开关闭合后,无论怎样移动滑片发现小灯泡都

不亮,电流表没有示数,但电压表有示数。请分析造成此现象的可能原因是 。

(3)小明更换了一个同型号的新灯泡,正确连接电路,闭合开关,移动滑片P,灯

泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率为 W。 (4)小明还想用已有实验器材测量未知电阻Rx(约1)的阻值。当他用电阻Rx替

换小灯泡后,发现电压表已损坏。(注意:其他器材完好、桌上还有一个开关S1可以使用:滑动变阻器的铭牌模糊不清,其最大阻值约为15)请帮他完成实验设计:在方框中画出一个能测出Rx阻值的电路图。

四、综合应用题(本题共20分,其中22题8分,23题12分)

22.蛟龙AG600水陆两栖飞机是我国自主研制的“三大飞机”之一,被誉为国之重器,AG600主要用于大型灭火和水上救援,可以从地面起飞和降落,也可以从水面起飞和降落,AG600空载时质量为41.5t,最多可储水12t。(取g10N/kg,

3水1.0103kg/m)求:

(1)AG600空载时的重力是多少?

(2)某次试飞后,AG600储满水后浮在某湖面上,求其排开湖水的体积。

物理试卷 第7页(共24页) (3)在一次水面滑行测试中,AG600储一定质量的水,在水面上以10m/s的速度匀

速滑行了1min,滑行过程中飞机所受阻力为总重的0.5倍,发动机牵引力的实际功率为2500kW,求飞机在这次滑行测试中所储水的质量是多少?

23.小明家某型号电热加湿器的原理图如图甲。R1、R2都是发热电阻,不考虑温度对电阻的影响,且R23R1;S为旋转型开关,1、2、3、4为触点,通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的切换(低挡为小功率加热,高挡为大功率加热),其部分技术参数如下表。 额定电压(V) 220 高档发热功率(W) 400 注水仓最大注水量(kg) 3 (1)开关处于图示位置,电热加湿器的状态是 (选填“关”“低档”或“高

档”)

(2)求电热加湿器中R1的阻值;

(3)某次使用加湿器在额定电压下工作,加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水

量,其工作30min的功率与时间图象如图乙所示,如果电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收,可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃?[计算结果保留整数,水的比热容为4.2103J/(kg℃)]

(4)某一天,小明断开家中其他所有用电器,只接通加湿器在低档加热,发现家中

3000revs/(kWh)的电能表转盘在400s内转了27圈,求此时电阻R2的实际

功率是多少?

物理试卷 第8页(共24页)

物理试卷 第9页(共24页)物理试卷第10页(共24页)

湖南省娄底市2019年中考试卷

物理答案解析

一、选择题 1.【答案】C

【解析】不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进

行单位的换算,最后判断最符合实际的是哪一个。

解:A、一个苹果的质量约200g,一部华为5G手机的质量与此差不多,在200g0.2kg左右。故A不符合实际;

B、一般情况下人体电阻值在2千欧-20兆欧范围内,通常情况下大约为10000.故B

不符合实际;

C、家用液晶电视机正常工作的电流约0.45A,其功率在PUI220V0.45A≈100W左右。故C符合实际;

D、老师的身高约170cm,教室门的高度略大于此数值,在200cm2000mm左右。

故D不符合实际。 故选:C。

【考点】定量思想;估算法;估算综合应用题. 2.【答案】D

【解析】(1)音调的高低与物体的振动频率有关,响度大小与振幅有关; (2)声音不能在真空中传播;

(3)减弱噪声的途径有三个,即在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱; (4)据课本可知,地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生; 解:A、物体的振幅越大,响度越大,故A错误; B、声音不能在真空中传播,故B错误;

C、打雷时捂住耳朵可以减弱进入耳朵的声音,不能防止雷声的产生,故C错误; D、据课本可知,地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生,故D正确。 故选:D。 3.【答案】A

物理试卷 第11页(共24页) 【解析】光在同一种均匀介质中沿直线传播。

解:“白日不到处”,就是太阳照不到的地方,这是由光的直线传播形成的。 故选:A。 4.【答案】C

【解析】(1)同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引,带电体可以吸引不带电的物体; (2)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电;摩擦起电的过程中失去电子的带正电,得到电子的

带负电。

解:AB、用餐巾纸摩擦吸管,吸管得到电子是带负电餐巾纸失去电子带负电;把毛皮摩

擦过的橡胶棒带负电,把毛皮摩擦过的橡胶棒放在带电吸管一端的附近,发现吸管被推开,则吸管和橡胶棒带的是同种电荷,吸管带负电;故AB错误;

CD、用餐巾纸摩擦吸管,使吸管带正电,说明吸管失去电子,吸管束缚电子的能力弱一

些,餐巾纸得到电子,故C正确,D错误。 故选:C。 5.【答案】C

【解析】分子动理论基本观点:

(1)扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动,温度越高,分子运动越剧烈。注意:

作答时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。 (2)分子间存在引力和斥力;分子间距离越大,其作用力越微弱。 (3)分子间存在间隙。

解:A、花气袭人说明扩散现象很明显,这是因为分子运动更剧烈导致的,温度越高分

子热运动更剧烈;故A正确。

B、一切分子都在不停地做无规则运动,故黏合剂中的甲醛也会有扩散到空气中,从而

造成环境污染;故B正确。

C、胶带揭下纸上的错字,是人施加外力的结果不是分子间的斥力导致的;故C错误。 D、分子间距离越大,分子间作用力越小;当分子间的间距大于分子直径10倍时候,分

子间的作用力已经微弱到几乎可以忽略。故D正确。 故选:C。

物理试卷 第12页(共24页)

6.【答案】A

【解析】由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电流表A测滑动变阻器支路的电流,

电压表V测电源的电压。

(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过滑动变阻器

的电流变化;

(2)利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化;

(3)根据欧姆定律可知电压表的示数跟电流表的示数的比值变化。

解:由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电流表A测滑动变阻器支路的电流,电压

表V测电源的电压。

A、当滑动变阻器的滑片P向左移动时,接入电路中的电阻变大,由IUR可知,通过滑动变阻器的电流变小,故A正确;

B、因并联电路中各支路工作、互不影响,所以,通过灯泡的电流不变,因并联电

路中干路电流等于各支路电流之和,所以电路中的总电流变小,故B错误; C、通过滑动变阻器的电流变小,即电流表A的示数变小;因电源电压保持不变,所以,

滑片移动时,电压表的示数不变,故C错误; D、根据RUI可知:电压表V的示数跟电流表A的示数的比值为滑动变阻器接入电路中的电阻,由于接入电路中的电阻变大,所以,电压表V的示数跟电流表A的示数的比值变大,故D错误。 故选:A。 7.【答案】B

【解析】A、可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源,石油是化石能源,

短时间没法从自然界得到补充; B、变化的电流可以产生电磁波

C、卫星通信是用微波进行通信的,微波是电磁波;

D、太阳的内部不断有氢核聚变成氦核,发生的是核聚变反应;

解:A、可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源,石油是化石能源,短时

间没法从自然界得到补充;故A错误。

物理试卷 第13页(共24页) B、迅速变化的电流可以产生电磁波;故B正确。

C、卫星通信是用微波进行通信的,微波是电磁波;故C错误。

D、太阳的内部不断有氢核聚变成氦核,发生的是核聚变反应;故D错误。 故选:B。 8.【答案】C

【解析】①增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;

在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 ②物体间力的作用是相互的;

③一切物体都有保持原来运动状态不变的性质,叫惯性;

④力的作用效果包括改变物体的形状、改变物体的运动状态。

解:①足球鞋底凹凸不平,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力,

故①错误;

②用头顶足球时,感到头疼,说明力的作用是相互的,故②正确;

③足球能在空中飞行,是因为足球具有惯性,此时足球不再受到运动员的作用力,故③

错误;

④守门员一下子抱住射门的足球,足球由运动变为静止,说明力可以改变物体的运动状

态,故④正确。 综上分析,正确的是②④。 故选:C。 9.【答案】A

【解析】电流通过导体产生热量的多少不能直接观察,但液体温度的变化可以通过液面

高度差的变化来反映,这种研究方法叫转换法。

解:在“探究影响电流热效应的因素”实验中,通过观察U型管中液面高度变化来比较

电阻产生热量的多少,采用了转换法。

A、根据小磁针的偏转情况来判定磁场是否存在,采用的是转换法。故A符合题意; B、用水流类比电流来建立电流的概念采用的是类比法。故B不符合题意; C、用图象描述温度与时间的关系采用的是图象法。故C不符合题意;

物理试卷 第14页(共24页)

D、探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变,采用的控制变量法。

故D不符合题意。故选:A。 10.【答案】B

【解析】(1)根据验钞机是通过紫外线来进行工作的进行解答; (2)常用温度计是根据液体的热胀冷缩来工作的;

(3)四冲程汽油机或柴油机的一个工作循环由四个冲程组成;其中压缩冲程将机械能

转化为内能;做功冲程将内能转化为机械能;

(4)冰箱是利用制冷剂在蒸发器、散热器不断发生物态变化进行吸热放热来降低冰箱

内的温度的。

解:A、验钞机验钞时,紫外线使钞票上的荧光物质发光。故A错误;

B、体温计里面装的液体是水银,是根据液体热胀冷缩的性质来工作的,故B正确;

C、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能的过程,故C错误;

D、电冰箱内液态制冷剂在汽化时吸热,即蒸发吸收冰箱内的热量,达到降温致冷的目

的,然后再液化放热使制冷剂变为液态,所以电冰箱是利用汽化吸热和液化放热的原理工作的,故D错误。 故选:B。 11.【答案】D

【解析】(1)根据安培定则得出电磁铁的两极,根据磁极间的相互作用判断小磁针旋转

方向;

(2)先分析滑片向右移动时,变阻器的阻值是变大了还是变小了,然后根据欧姆定律

得出电流大小变化情况,从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况,进一步得出灯泡亮度的变化。

解:(1)根据安培定则可知,电磁铁的左端为N极,右端为S极,根据磁极间的相互作

用可知,右侧的小磁针将会逆时针旋转,故AB错误;

(2)闭合开关S1和S2,使滑片P向左滑动,电阻变小,电流变大,磁场的磁性增强,

巨磁电阻的阻值减小,电路电流变大,所以指示灯的亮度会变亮,故C错误。使滑片P向右滑动,电阻变大,电流变小,磁场的磁性变弱,巨磁电阻的阻值变大,电

物理试卷 第15页(共24页) 路电流变小,根据UIR可知,灯泡两端的电压减小,电压表示数变小,故D正确。故选:D。 12.【答案】D

【解析】(1)根据浮力大小的影响因素分析解答;

(2)利用二次称重法求出物体有一半体积露出水面时受到的浮力,则物体在容器底部

时,受到的浮力为其2倍;

(3)求出在空中匀速将物体提升0.5m时拉力做得功;然后比较把物体从容器底部提出

水面时受到的平均拉力与在空中匀速将物体提升时拉力的大小,再利用WFs判断。(4)根据Fm浮gV排求出物体在容器底部时排开水的体积,然后利用Gmg和V计算其密度。

解:A、浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关,物体在水面下上升的过

程中,水的密度不变,排开水的体积不变,所以根据F浮gV排可知,所受浮力大小不变。故A错误;

B、由题可知,物体的重力G4N,当物体有一半体积露出水面时,弹簧测力计示数

F示3N,则此时物体受到的浮力F浮GF示4N3N1N,故物体在容器底部时,受到的浮力为F浮2F浮21N2N;故B错误; C、在空中匀速将物体提升0.5 m时,拉力做功WFsGs4N0.5m2J,但物体

在水中被提起时,由于受到浮力的作用,平均拉力小于4N,所以根据WFs知,把物体从容器底部提出水面,拉力对物体需做功小于2 J.故C错误。

D、物体的质量mG4Ng10N/kg0.4kg,物体浸没在水中时,排开水的体积与物体自身的体积相等,则VVF浮排2N1103kg/m310N/kg2104m3, 水g所以物体的密度mV0.4kg2104m32.0103kg/m3. 故D正确。故选:D。 二、填空题

13.【答案】凸 小于

物理试卷 第16页(共24页)

【解析】人脸在摄像机镜头前1m处被拍摄成数码照片,则物距为1m,由于摄像机镜头

属于凸透镜,根据凸透镜成倒立、缩小实像的条件,可判断凸透镜焦距的大小。 解:摄像机的镜头相当于凸透镜,当物距大于二倍焦距时,成倒立、缩小的实像,已知

物距为1m,则焦距应小于0.5m,即50cm。故答案为:凸;小于。 14.【答案】滑轮组 10

【解析】(1)用定滑轮和动滑轮组成滑轮组,既可以省力,又可以改变力的方向; (2)知道使用杠杆做的总功和机械效率,利用效率公式求做的有用功,利用杠杆做的

额外功等于总功减去有用功。

解:(1)使用定滑轮不能省力,但可以改变力的方向;使用动滑轮可以省力,但不可以改变力的方向;用定滑轮和动滑轮组成滑轮组,既可以省力,又可以改变力的方向;

(2)由题知,使用杠杆做的总功W90%,由W有用总100J,W90%可得做的

总有用功:W有用W总90%100J90%90J,则利用杠杆做的额外功:

W额W总W有用100J90J10J。

故答案为:滑轮组;10。 15.【答案】0.5 4

【解析】由图象可知,当小灯泡两端的电压为2V时通过的电流,根据欧姆定律求出小

灯泡的电阻。

解:由图象可知,当小灯泡两端的电压为2V时,通过的电流I0.5A;由IU

R

可得,

此时小灯泡的电阻:RU2VI0.5A4。故答案为:0.5;4 16.【答案】50 减小空气的阻力 【解析】(1)根据vst算出加速过程的平均速度; (2)从减小阻力的角度分析解答。

解:(1)加速过程的时间t2.8s,路程s140m;

物理试卷 第17页(共24页) 加速过程的平均速度:vst140m2.8s50m/s; (2)真空超导磁悬浮直道试验线安装在一条特制的真空管道里,把管道设计成真空的

目的是为了减小空气的阻力。故答案为:50;减小空气的阻力。 17.【答案】750 低于

【解析】①在托里拆利实验中,水银柱的高度差应是垂直高度,而不是水银柱的长度;

②气压高沸点高。

解:图中750mm高度才是水银柱的垂直高度,它产生的压强与大气压大小相等;标准

大气压下水银柱的高度为760mm,故此时的气压小于标准大气压,水的沸点低于

100℃。故答案为:750;低于。

18.【答案】pgh

G1G2S 【解析】(1)根据液体压强公式得出底部受到的液体压强。 (2)由于桌面受到的压力与容器的总重力相等,则利用即可求出PFS压强。 解:(1)由题知,液体的密度为ρ,深度为h,则容器底部受到液体的压强:pgh;(2)容器对桌面的压力:FG1G2 则容器对桌面的压强:PFG1G2SS 故答案为:gh;

G1G2S。 三、作图与实验探究题 19.【答案】(1)如图所示:

物理试卷 第18页(共24页)

(2)如图所示:

【解析】(1)根据平面镜成像的特点可知,物与像关于镜面对称,首先作出像点S的发

光点S,连接PS,与镜面的交点为入射点O,再画出入射光线SO。

解:作出像点S的对称点,即为发光点S,连接SP,与镜面的交点为入射点O,再连

接SO,画上箭头,则SO为入射光线,OP为反射光线。如下图所示:

(2)【解析】由题意可知,电灯只在无光且有声音时才亮,说明两开关不能工作即

为串联,同时要注意开关要接在火线上,另外还要考虑螺丝口灯泡的连线方法。

解:由题意可知,电灯只在无光且有声音时才亮,则声控开关和光控开关串联共同控制

电灯,且开关要接在火线上;图中为螺丝口灯泡,根据安全用电的要求,开关应与

灯泡顶端的金属点相连,零线直接接到灯泡的螺旋套上,如下图所示:

20.【答案】(1)B (2)速度 (3)静止 (4)相等

物理试卷 第19页(共24页) 【解析】(1)据题意可知,实验中探究小球动能,即小球撞击木块时的动能的大小; (2)小球速度的大小是通过改变小球在斜面上的高度实现的,小球动能的大小是通过

物体被推动移动的距离体现的;

(3)通过运动和静止的相对性分析即可判断;

(4)直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定,可根据重力势能

大小关系及能量的转化分析。

解:(1)据题意可知,实验中探究小球动能,即小球撞击木块时的动能的大小;故选B;(2)实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关;使质量相同的小球从斜面上不同

高度处自由滚下,则小球到达水平面时的速度不同,所以,这是为了研究动能大小与物体速度的关系;

(3)让质量不同的小球A、C同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下,观察和比较

两球相对运动情况,若任一时刻两球的速度大小相等,即以任何一个小球为参照物,另一个小球都是静止的,所以若C球相对于A球静止,就可以说明任一时刻两球的速度大小相等。

(5)让小车从同一高度由静止下滑,根据决定重力势能大小的因素可知,最初小车的

重力势能相同,下滑到水平面时的动能也相同,在不同的材料表面上运动时,最终

停下来后,动能全部转为内能,克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能,

所以,在三个表面克服摩擦力做功相等。

故答案为:(1)B;(2)速度;(3)静止;(4)相等。

21.【答案】(1)连接电路时开关没有断开 (2)灯泡断路 (3)1.14

(4)电路图如下:

【解析】(1)为保证电路安全,连接电路时,开关要断开,滑动变阻器接入电路的阻值

物理试卷 第20页(共24页)

应为滑动变阻器的最大阻值;

(2)根据灯泡额定电流的大约值确定电流表的量程和分度值,然后读出图丙的电流值,

根据PUI求出灯泡额定功率;

(3)开关闭合后,电压表有示数说明电压表与电源之间是通路,无论怎样移动滑片发

现小灯泡都不亮、电流表没有示数说明电路断路,即电压表并联部分断路; (4)当他用电阻Rx替换小灯泡后,发现电压表已损坏,若不用滑动变阻器,根据欧姆

定律求出电路中的电流,然后与电流表的量程相比较判断出电路需要滑动变阻器,又因滑动变阻器的铭牌模糊不清,实验时应先测出滑动变阻器的阻值,然后再测出

Rx的阻值,据此设计电路图。

解:(1)当他连接好所有的导线时,发现小灯泡立即发出耀眼的光,接着小灯泡烧坏,

这说明①连接电路时开关没有断开,②开关闭合前滑动变阻器没有调到最大阻值处;(2)开关闭合后,无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮,电流表没有示数,但电压表

有示数,这说明电压表并联部分断路,即原因可能是灯泡断路;

(3)由小灯泡标正常发光时通过的电流约为0.32A可知,实验时电流表的量程为

0~0.6A,分度值为0.02A,所以,图乙中电流表的示数为0.3A,则小灯泡的额

定功率为:PUI3.8V0.3A1.14W;

(4)当他用电阻Rx替换小灯泡后,发现电压表已损坏,若不用滑动变阻器,则电路中

的电流IU1R6V16A,超出电流表的量程,所以电路中需要串联滑动变阻器,x又因滑动变阻器的铭牌模糊不清,其最大阻值约为15,所以,实验时应先测出滑动变阻器的阻值,然后再测出Rx的阻值,故设计的电路图如下图所示:

实验步骤:按图示电路图连接电路,闭合开关S1,断开S2,移动滑片,读出电流表示数

I,则滑动变阻器接入电路中的电阻RU6VII;保持滑片位置不变,再闭合开关S,读出电流表示数I,则电路的总电阻RU6V2总II,由串联电路的总电阻等物理试卷 第21页(共24页) 于各分电阻之和可得,未知电阻RxR总R6V6VII。故答案为:(1)连接电路时开关没有断开;(2)灯泡断路;(3)1.14;(4)电路图如上 四、综合应用题

22.【答案】解:(1)AG600空载时的质量:m41.5t41.5103kg, 则受到的重力:Gmg41.5103kg10N/kg4.15105N; (2)AG600储满水时总质量:m总41.5t12t53.5t53.5103kg, 受到的总重力:G总m总g53.5103kg10N/kg5.35105N;

AG600储满水后漂浮在某湖面上,所以AG600受到的浮力:F浮G总5.35105N,因为FF浮浮液gV排,所以排开水的体积:V5.35105N103kg/m310N/g53.5m3排=;

水g1.0(3)因为PWtFstFv, 所以发动机的牵引力为:FP2500103Wv10m/s2.5105N, 由于匀速滑行,所以受到的阻力:fF2.5105N, 已知滑行过程中飞机所受阻力为总重的0.5倍,即f0.5 G总,

所以此时的总重:G总2f22.5105N5105N 此时储水的重力:G水G总G5105N4.15105N0.85105N, 则储水的质量为:mG水水=g0.85105N10N/kg8500kg。 答:(1)AG600空载时的重力是4.15105N; (2)排开湖水的体积是53.5m3;

(3)飞机在这次滑行测试中所储水的质量是8 500 kg。 【解析】(1)已知质量,利用公式Gmg得到重力;

(2)漂浮的物体,受到的浮力等于其重力;已知浮力和水的密度,利用VF浮排=水g,得到

排开水的体积;

(3)已知发动机实际功率和匀速滑行速度,可以得到牵引力,进一步得到受到的阻力;

根据阻力与重力的关系得到总重量,进一步得到总质量,然后得到储水质量。

物理试卷 第22页(共24页)

24.【答案】(1)关;

(2)电热加湿器中R1的阻值为121; (3)可以使注水仓中冷水的温度升高19℃; (4)此时电阻R2的实际功率是60.75W。

【解析】(1)由图甲可知,开关S接“1、2”触点时,电路断路,电热加湿器的状态是

关;

(2)由图甲知,开关S接“3、4”触点时,电路为R1的简单电路,电路的总电阻最小,

电源的电压一定,由PUIU2R可知,电热加湿器的功率最大,处于高挡,

则电热加湿器中R1的阻值:

U2(220V)2R1P=121;

高400W(3)由图乙知,工作30min时,其中高档工作时间为10min,低档工作时间为20min, 由Pwt可得,在高档正常工作时消耗的电能: W高P高t高400W1060s2.4105J,

如果电阻R1在此次高档加热时产生的热量全部被水吸收,即Q吸W高2.4105J, 由Q吸cm△t可得,水升高的温度:

△tQ吸cm2.4105J4.2103J/kgC3kg≈19℃; (4)因3000revs/(kWh)表示:每消耗1kWh的电能,电能表的转盘就转过3000r, 则电能表的转盘转过27r时,加湿器在400s内消耗的电能:

W27000kWh0.009kW?h3.241043J, 加湿器在低挡加热的实际功率:

P低=W3.24104Jt400s=81W,

由图甲知,开关S接“2、3”触点时,R1、R2串联,电路的总电阻最大,电热加湿器

的功率最小,处于抵挡,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

物理试卷 第23页(共24页) 所以,由PUII2R可得,电路中的电流:

IP低P低P低R1R2R13R14R81W91412122A,

此时电阻R2的实际功率:

2P2R292I2I3R122A312160.75W。

答:(1)关;

(2)电热加湿器中R1的阻值为121; (3)可以使注水仓中冷水的温度升高19℃; (4)此时电阻R2的实际功率是60.75W。

【考点】串联电路的特点和电功率公式、吸热公式的综合应用。

物理试卷 第24页(共24页)

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