高考数学(文)真题分类汇编：专题04+三角函数与解三角形

1.【高考福建，文6】若sin5，且为第四象限角，则tan的值等于（ ）. 13121255A． B． C． D．

551212【答案】D

【解析】由sin512，且为第四象限角，则cos1sin2，则1313tansin cos5，故选D． 12【考点定位】同角三角函数基本关系式．

【名师点睛】本题考查同角三角函数基本关系式，在sin、cos、tan三个值之间，知其中的一个可以求剩余两个，但是要注意判断角的象限，从而决定正负符号的取舍，属于基础题．

2.【高考重庆，文6】若tana=,tan(a+b)=1,则tanb=（ ） 21155(A) (B) (C) (D)

767613【答案】A

11tan()tan1【解析】tantan[()]23，故选A.

1tan()tan111723【考点定位】正切差角公式及角的变换.

【名师点睛】本题考查角的变换及正切的差角公式，采用先将未知角用已知角和表示出来，再用正切的差角公式求解.本题属于基础题，注意运算的准确性. 3.【高考山东，文4】要得到函数ysin（4x象（ ） （A）向左平移

 ）的图象，只需要将函数ysin4x的图312个单位 （B）向右平移

12个单位

（C）向左平移

个单位 （D）向右平移个单位 331

【答案】B

【解析】因为ysin(4x3)sin4(x12)，所以，只需要将函数ysin4x的图象向右

平移

12个单位，故选B.

【考点定位】三角函数图象的变换.

【名师点睛】本题考查三角函数图象的变换，解答本题的关键，是明确平移的方向和单位数，这取决于x加或减的数据.本题属于基础题，是教科书例题的简单改造，易错点在于平移的方向记混.

4.【高考陕西，文6】“sincos”是“cos20”的（ ）

A充分不必要条件 B必要不充分条件 C充分必要条件 D既不充分也不必要 【答案】A

【解析】cos20cos2sin20(cossin)(cossin)0，

所以sincos或sincos，故答案选A. 【考点定位】1.恒等变换；2.命题的充分必要性.

【名师点睛】1.本题考查三角恒等变换和命题的充分必要性，采用二倍角公式展开

cos20，求出sincos或sincos.2.本题属于基础题，高考常考题型.

【高考上海，文17】已知点 A的坐标为(43,1)，将OA绕坐标原点O逆时针旋转则点B的纵坐标为（ ）.

A.

3至OB，

3353 B. 221113 D. 22C.

【答案】D

【解析】设直线OA的倾斜角为，B(m,n)(m0,n0)，则直线OB的倾斜角为因为A(43,1)，

3，

所以tan143，tan(3)nn4313，即m227n2，

，mm131169334331 2

因为m2n2(43)21249，所以n2所以点B的纵坐标为

2721313所以n或n（舍去）， n49，

1692213. 2【考点定位】三角函数的定义，和角的正切公式，两点间距离公式.

【名师点睛】设直线OA的倾斜角为，B(m,n)(m0,n0)，则kOAtan，

kOBtan()，再利用三角函数定义、两点间的距离公式找关于m、n的等式求解结

3论.数学解题离不开计算，应仔细，保证不出错.

c．5.【高考广东，文5】设C的内角，若a2，C的对边分别为a，b，c23，，

cosA．D．3 【答案】B

【解析】由余弦定理得：a2b2c22bccos，所以

3，且bc，则b（ ） 23 B．2 C．22

2b232222b233b2或b4，，即b26b80，解得：因为bc，

2所以b2，故选B． 【考点定位】余弦定理．

【名师点晴】本题主要考查的是余弦定理，属于容易题．解题时要抓住关键条件“bc”， 否则很容易出现错误．本题也可以用正弦定理解，但用正弦定理求角时要注意检验有两角的情况，否则很容易出现错误．解本题需要掌握的知识点是余弦定理，即

a2b2c22bccos．

6.【高考浙江，文11】函数fxsin2xsinxcosx1的最小正周期是 ，最小值是 ． 【答案】,32 211cos2x113sin2x1sin2xcos2x 222223

【解析】fxsin2xsinxcosx1

23322. sin(2x)，所以T；f(x)min242222【考点定位】1.三角函数的图象与性质；2.三角恒等变换.

【名师点睛】本题主要考查三角函数的图象与性质以及三角恒等变换.主要考查学生利用恒等变换化简三角函数，利用整体代换判断周期与最值的能力.本题属于容易题，主要考查学生的基本运算能力以及整体代换的运用. 7.【高考福建，文14】若ABC中，AC【答案】2

【解析】由题意得B1800AC600．由正弦定理得

3，A450，C750，则BC_______．

ACBC，则sinBsinABCACsinA，

sinB3所以BC32222．

【考点定位】正弦定理．

【名师点睛】本题考查正弦定理，利用正弦定理可以求解一下两类问题：（1）已知三角形的两角和任意一边，求三角形其他两边与角；（2）已知三角形的两边和其中一边的对角，求三角形其他边与角．关键是计算准确细心，属于基础题．

8.【高考重庆，文13】设ABC的内角A，B，C的对边分别为a,b,c,且

a=2,cosC=-【答案】4

1,3sinA=2sinB,则c=________. 4【解析】由3sinA=2sinB及正弦定理知：3a2b,又因为a2,所以b2，

由余弦定理得：c2a2b22abcosC49223()16，所以c4;故填：4.

【考点定位】正弦定理与余弦定理.

【名师点睛】本题考查正弦定理与余弦定理的应用，先由正弦定理将3sinA=2sinB转化为3a=2b结合已知即可求得b的值，再用余弦定理即可求解.本题属于基础题，注意运算的

4

14

准确性及最后结果还需开方.

9.【高考陕西，文14】如图，某港口一天6时到18时的谁深变化曲线近似满足函数y＝3sin(＋Φ)＋k，据此函数可知，这段时间水深(单位：m)的最大值为____________.

6x

【答案】8

【解析】由图像得，当sin(当sin(6x)1时ymin2，求得k5，

6x)1时，ymax3158，故答案为8.

【考点定位】三角函数的图像和性质.

【名师点睛】1.本题考查三角函数的图像和性质，在三角函数的求最值中，我们经常使用的

是整理法，从图像中知此题sin(当sin(6x)1时，y取得最小值，继而求得k的值，

6x)1时，y取得最大值.2.本题属于中档题，注意运算的准确性.

2【高考上海，文1】函数f(x)13sinx的最小正周期为 . 【答案】

【解析】因为2sin2x1cos2x，所以f(x)1函数f(x)的最小正周期为

313(1cos2x)cos2x，所以2222. 213cos2x，再根据22【考点定位】函数的周期，二倍角的余弦公式.

【名师点睛】本题先用二倍角的余弦公式把函数转化为f(x)T2求周期. 二倍角的余弦公式可正用、逆用以及变形运用.

10.【高考湖南，文15】已知>0,在函数y=2sinx与y=2cosx的图像的交点中，距离最短的两个交点的距离为23，则 =_____. 【答案】2

5

【解析】由题根据三角函数图像与性质可得交点坐标为

115（（k1，2），（（k2，2），k1，k2Z , 距离最短的两个交点一定在同4421522一个周期内，232（）（22）， .

442【考点定位】三角函数图像与性质

【名师点睛】正、余弦函数的图像既是中心对称图形，又是轴对称图形. 应把三角函数的对称性与奇偶性结合，体会二者的统一.这样就能理解条件“距离最短的两个交点” 一定在同一个周期内，本题也可从五点作图法上理解.

11.【高考天津，文14】已知函数fxsinxcosx0,xR,若函数fx在区间,内单调递增,且函数fx的图像关于直线x对称,则的值为 ．

【答案】π 2【解析】由fx在区间,内单调递增,且fx的图像关于直线x对称,可得

2π ,且

πfsin2cos22sin214,所以

2πππ. 422【考点定位】本题主要考查三角函数的性质.

【名师点睛】本题将三角函数单调性与对称性结合在一起进行考查,叙述方式新颖,是一道考查能力的好题.注意本题解法中用到的两个结论:①fxAsinxA0,0的单调区间长度是半个周期;②若fxAsinxA0,0的图像关于直线

xx0 对称,则fx0A 或fx0A.

12.【高考四川，文13】已知sinα＋2cosα＝0，则2sinαcosα－cos2α的值是______________. 【答案】－1

【解析】由已知可得，sinα＝－2cosα，即tanα＝－2

2sincoscos22tan1411 2sinαcosα－cosα＝222sincostan1412

【考点定位】本意考查同角三角函数关系式、三角函数恒等变形等基础知识，考查综合处理

6

问题的能力.

【名师点睛】同角三角函数(特别是正余弦函数)求值问题的通常解法是：结合sin2α＋cos2α＝1，解出sinα与cosα的值，然后代入计算，但这种方法往往比较麻烦，而且涉及符号的讨论.利用整体代换思想，先求出tanα的值，对所求式除以sin2α＋cos2α(＝1)是此类题的常见变换技巧，通常称为“齐次式方法”，转化为tanα的一元表达式，可以避免诸多繁琐的运算.属于中档题.

13.【高考安徽，文12】在ABC中，AB6，A75，B45，则

AC .

【答案】2 【

解

析

】

由

正

弦

定

理

可

知

：

ABAC6ACAC2 sin60sin45sin[180(7545)]sin45【考点定位】本题主要考查正弦定理的应用.

【名师点睛】熟练掌握正弦定理的适用条件是解决本题的关键，本题考查了考生的运算能力. 14.【高考湖北，文15】如图，一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶，到A处时测得公路北侧一山

顶D在西偏北30的方向上，行驶600m后到达B处，测得此山顶在西偏北75的方向上，

仰角为30，则此 山的高度CD_________m. 【答案】1006. CBD【解析】在ABC中，CAB300，ACB750300450，根据正弦定理知，BCAB， sinBACsinACBA 即BCAB6001sinBAC3002sinACB222，所以

CDBCtanDBC30023故1006，

37

应填

1006.

【考点定位】本题考查解三角形的实际应用举例，属中档题.

【名师点睛】以实际问题为背景，将抽象的数学知识回归生活实际，凸显了数学的实用性和重要性，体现了“数学源自生活，生活中处处有数学”的数学学科特点，能较好的考查学生识记和理解数学基本概念的能力和基础知识在实际问题中的运用能力.

【高考上海，文14】已知函数f(x)sinx.若存在x1，x2，，xm满足

0x1x2xm6，且

|f(x1)f(x2)||f(x2)f(x3)||f(xm1)f(xm)|12(m2,mN)，则m的最小值为 . 【答案】8

【解析】因为函数

f(x)sinx对任意xi，xj(i,j1,2,3,,m)，

|f(xi)f(xj)|f(x)maxf(x)min2，

欲使m取得最小值，尽可能多的让xi(i1,2,3,,m)取得最高点，考虑

0x1x2xm6，

|f(x1)f(x2)||f(x2)f(x3)||f(xm1)f(xm)|12(m2,mN)按下图

取值满足条件，

所以m的最小值为8.

【考点定位】正弦函数的性质，最值.

【名师点睛】本题重点考查分析能力，转化能力，理解函数ysinx对任意xi，

xj(i,j1,2,3,,m)，|f(xi)f(xj)|f(x)maxf(x)min2是关键.

8

15.【高考北京，文11】在C中，a3，b【答案】

6，2，则 ． 34

【解析】由正弦定理，得

362ab，即，所以sinB，所以B. 2sinAsinB43sinB2【考点定位】正弦定理.

【名师点晴】本题主要考查的是正弦定理，属于容易题．解题时一定要注意检验有两解的情

ab． sinsinx16.【高考北京，文15】（本小题满分13分）已知函数fxsinx23sin2．

2况，否则很容易出现错误．解本题需要掌握的知识点是正弦定理，即（I）求fx的最小正周期； （II）求fx在区间0,2上的最小值． 3【答案】（I）2；（II）3. 2，∴x. 3332当x，即x时，f(x)取得最小值.

3322∴f(x)在区间[0,]上的最小值为f()3.

33（Ⅱ）∵0x考点：倍角公式、两角和的正弦公式、三角函数的周期、三角函数的最值.

【名师点晴】本题主要考查的是降幂公式、辅助角公式、三角函数的最小正周期和三角函数

9

的最值，属于中档题．解题时要注意重要条件“0,2”，否则很容易出现错误．解本题3需要掌握的知识点是降幂公式、辅助角公式、三角函数的最小正周期和三角函数的图象，即

11sin2cos2，asinxbcosxa2b2sinx，函数

222fxsinx（0，0）的最小正周期是．

17.【高考安徽，文16】已知函数f(x)(sinxcosx)cos2x （Ⅰ）求f(x)最小正周期； （Ⅱ）求f(x)在区间[0,22]上的最大值和最小值.

【答案】（Ⅰ） ；（Ⅱ）最大值为12，最小值为0 【解析】 （

Ⅰ

）

因

为

f(x)sin2xcos2x2sinxcosxcos2x1sin2xcos2x2sin(2x所以函数f(x)的最小正周期为T＝4)1

2＝. 22sin(2x（Ⅱ）由（Ⅰ）得计算结果，f(x)当x[0,4)1

5[,]

24445由正弦函数ysinx在[,]上的图象知，

44] 时，2x当2x4285当2x，即x时，f(x)取最小值0.

444综上，f(x)在[0,，即x时，f(x)取最大值21；

2]上的最大值为21，最小值为0.

【考点定位】本题主要考查同角的基本关系、三角恒等变换、三角函数

yAsin(x)B的性质，以及正弦函数的性质.

【名师点睛】熟练掌握三角函数的同角的基本关系和恒等变换公式以及三角函数

yAsin(x)B的性质是解决本题的关键，考查了考生的基本运算能力.

10

18.【高考福建，文21】已知函数fx103sin（Ⅰ）求函数fx的最小正周期； （Ⅱ）将函数fx的图象向右平移

xxxcos10cos2． 2226个单位长度，再向下平移a（a0）个单位长度后

得到函数gx的图象，且函数gx的最大值为2． （ⅰ）求函数gx的解析式；

（ⅱ）证明：存在无穷多个互不相同的正整数x0，使得gx00． 【答案】（Ⅰ）2；（Ⅱ）（ⅰ）gx10sinx8；（ⅱ）详见解析． 【解析】（I）因为fx103sinxxxcos10cos2 22253sinx5cosx5

10sinx5．

6所以函数fx的最小正周期2． （II）（i）将fx的图象向右平移

6个单位长度后得到y10sinx5的图象，再向下平

移a（a0）个单位长度后得到gx10sinx5a的图象． 又已知函数gx的最大值为2，所以105a2，解得a13． 所以gx10sinx8．

（ii）要证明存在无穷多个互不相同的正整数x0，使得gx00，就是要证明存在无穷多个互不相同的正整数x0，使得10sinx080，即sinx04． 5由

434知，存在00，使得sin0． 52354． 5由正弦函数的性质可知，当x0,0时，均有sinx因为ysinx的周期为2，

所以当x2k0,2k0（k）时，均有sinx4． 511

因为对任意的整数k，2k02k02031，

4． 5所以对任意的正整数k，都存在正整数xk2k0,2k0，使得sinxk亦即存在无穷多个互不相同的正整数x0，使得gx00． 【考点定位】1、三角函数的图像与性质；2、三角不等式．

【名师点睛】三角函数的定义域、值域、单调性、周期、奇偶性、对称性都是通过将解析式变形为f(x)Asin(x)进行；若三角函数图象变换是纵向伸缩和纵向平移，都是相对于f(x)而言，即f(x)Af(x)和f(x)f(x)k，若三角函数图象变换是横向伸缩和横向平移，都是相对于自变量x而言，即f(x)f(x)和f(x)f(xa)；本题第（ⅱ）问是解三角不等式问题，由函数周期性的性质，先在一个周期内求解，然后再加周期，将存在无穷多个互不相同的正整数x0，使得gx00，转化为解集长度大于1，是本题的核心． 19.【高考广东，文16】（本小题满分12分）已知tan2． （1）求tan（2）求

的值； 4sin2的值． 2sinsincoscos21【答案】（1）3；（2）1． 【解析】

试题分析：（1）由两角和的正切公式展开，代入数值，即可得tan用

二

倍

角

的

正

、

余

弦

公

（2）先利的值；

4式

可

得

sin22sincos，再分子、分母都除以22sin2sincoscos21sinsincos2cossin22tan，代入数值，即可得cos2可得22sinsincoscos21tantan2sin2的值． 2sinsincoscos21试题解析：（1）tan4tan1213 41tantan1tan124tantan（2）

sin2 2sinsincoscos2112

2sincos 22sinsincos2cos112sincos 22sinsincos2cos2tan 

tan2tan222 2

222 1

考点：1、两角和的正切公式；2、特殊角的三角函数值；3、二倍角的正、余弦公式；4、同角三角函数的基本关系.

【名师点晴】本题主要考查的是两角和的正切公式、特殊角的三角函数值、二倍角的正、余弦公式和同角三角函数的基本关系，属于中档题．解本题需要掌握的知识点是两角和的正切公式、二倍角的正、余弦公式和同角三角函数的基本关系，即tantantan，

1tantansin22sincos，cos22cos21，tansin． cosπ20.【高考湖北，文18】某同学用“五点法”画函数f(x)Asin(x)(0,||)在某一

2个周期内的图象时，列表并填入了部分数据，如下表：

x x 0 0 π 2π 3π 22π π 3 5π 65 0 Asin(x) 5 （Ⅰ）请将上表数据补充完整，填写在答题卡上相应位置，并直接写出函数f(x)的解 ．．．．．．．．．．． 析式；

（Ⅱ）将yf(x)图象上所有点向左平行移动

π个单位长度，得到yg(x)图象，求 6 yg(x)的图象离原点O最近的对称中心.

π【答案】（Ⅰ）根据表中已知数据，解得A5,2,.数据补全如下表：

6x 0 π 2π 3π 22π 13

x π 120 π 35 7π 120 5π 65 13π 120 Asin(x) ππ且函数表达式为f(x)5sin(2x)；（Ⅱ）离原点O最近的对称中心为(,0).

612【解析】（Ⅰ）根据表中已知数据可得：A5，

32，

53，解得622,. 数据补全如下表：

x x π60 π 2π 3π 22π π 120 π 35 7π 120 5π 65 13π 120 Asin(x) π且函数表达式为f(x)5sin(2x).

6ππππ（Ⅱ）由（Ⅰ）知f(x)5sin(2x)，因此 g(x)5sin[2(x)]5sin(2x).因

6666为ysinx的对称中心为(kπ,0)，kZ. 令2xπkππ解得xkZ.即yg(x)kπ，，

6212kπππ图象的对称中心为，kZ，其中离原点O最近的对称中心为(,0). （，0）21212【考点定位】本题考查五点作图法和三角函数图像的平移与三角函数的图像及其性质，属基础题.

【名师点睛】将五点作图法、三角函数图像的平移与三角函数的图像及其性质联系在一起，正确运用方程组的思想，合理的解三角函数值，准确使用三角函数图像的平移和三角函数的图像及其性质是解题的关键，能较好的考查学生基础知识的实际应用能力、准确计算能力和规范解答能力.

21.【高考湖南，文17】（本小题满分12分）设ABC的内角A,B,C的对边分别为

a,b,c,abtanA.

（I）证明：sinBcosA； (II) 若sinCsinAcosB3，且B为钝角，求A,B,C. 4【答案】（I）略；(II) A30,B120,C30. 【解析】

14

试题分析：（I）由题根据正弦定理结合所给已知条件可得

sinAsinA，所以cosAsinBsinBcosA ；(II)根据两角和公式化简所给条件可得

sinCsinAcosBcosAsinB33，可得sin2B，结合所给角B的范围可得角B,44进而可得角A,由三角形内角和可得角C.

【考点定位】正弦定理及其运用

【名师点睛】解三角形时，有时可用正弦定理，有时也可用余弦定理，应注意用哪一个定理更方便、简捷．如果式子中含有角的余弦或边的二次式，要考虑用余弦定理；如果遇到的式子中含有角的正弦或边的一次式时，则考虑用正弦定理；以上特征都不明显时，则要考虑两个定理都有可能用到．

22.【高考山东，文17】 ABC中，角A，B，C所对的边分别为a,b,c.已知

cosB36,sin(AB),ac23 求sinA 和c 的值. 3922,1. 336，得sinB. 33【答案】【解析】在ABC中，由cosB 15

因为ABC，所以sinCsin(AB)6， 953， 96533622. 39393因为sinCsinB，所以CB，C为锐角，cosC因此sinAsin(BC)sinBcosCcosBsinC22ccsinAac3由23c，又ac23，所以c1. ,可得asinCsinAsinC69【考点定位】1.两角和差的三角函数；2.正弦定理.

【名师点睛】本题考查了两角和差的三角函数、正弦定理及函数方程思想，在正确理解题意的情况下，准确计算是关键.解答本题的一个易错点是忽视对角的范围的讨论，使解答陷入误区.

本题是一道能力题，属于中等题，重点考查两角和差的三角函数、解三角形等基础知识，同时考查考生的计算能力、思维的严密性、函数方程思想及应用数学知识解决问题的能力. 23.【高考陕西，文17】ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c，向量m(a,3b)与

n(cosA,sinB)平行.

(I)求A； (II)若a7,b2求ABC的面积.

【答案】(I) A【解析】

3；(II)

33. 2试题分析： (I)因为m//n，所以asinB3bcosA0，由正弦定理，得

sinAsinB3sinBcosA0，

又sinB0，从而tanA3，由于0A，所以A3；

(II)解法一：由余弦定理，得a2b2c22bccosA，代入数值求得c3，由面积公

16

式得ABC面积为

13372.解法二：由正弦定理，得，从而bcsinA22sinBsin3sinB217，又由

ab知AB，所以cosB277，由

sinCsin(AB)sin(B)，计算得sinC321，所以ABC面积为3141332absinC2. 试题解析：(I)因为m//n，所以asinB3bcosA0

由正弦定理，得sinAsinB3sinBcosA0， 又sinB0，从而tanA3，

由于0A 所以A3

(II)解法一：由余弦定理，得

a2b2c22bccosA，而a7,b2，A3，

得74c22c，即c22c30 因为c0，所以c3， 故ABC面积为

12bcsinA332. 解法二：由正弦定理，得72sinB sin3从而sinB217 又由ab知AB，所以cosB277 故sinCsin(AB)sin(B3)

17

sinBcos3cosBsin3321， 14所以ABC面积为

133. absinC22【考点定位】1.正弦定理和余弦定理；2.三角形的面积.

【名师点睛】1.本题考查解三角形和三角形的面积，利用正弦定理进行边角互化，继而求出

可利用余弦定理求出c的值，代入到三角形面积公式求解计算.2.高考中经常将A的值；

三角变换与解三角形知识综合起来命题，其中关键是三角变换，而三角变换中主要是“变角、变函数名和变运算形式”，其中的核心是 “变角”，即注意角之间的结构差异，弥补这种结构差异的依据就是三角公式.

24.【高考四川，文19】已知A、B、C为△ABC的内角，tanA、tanB是关于方程x2＋3px－p＋1＝0(p∈R)两个实根. (Ⅰ)求C的大小

(Ⅱ)若AB＝1，AC＝6，求p的值

【解析】(Ⅰ)由已知，方程x2＋3px－p＋1＝0的判别式 △＝(3p)2－4(－p＋1)＝3p2＋4p－4≥0

所以p≤－2或p≥

2 3由韦达定理，有tanA＋tanB＝－3p，tanAtanB＝1－p 于是1－tanAtanB＝1－(1－p)＝p≠0 从而tan(A＋B)＝

tanAtanB3p3

1tanAtanBp所以tanC＝－tan(A＋B)＝3 所以C＝60° (Ⅱ)由正弦定理，得

ACsinC6sin6002sinB＝ AB32解得B＝45°或B＝135°(舍去)

18

于是A＝180°－B－C＝75°

3tan45tan30323 则tanA＝tan75°＝tan(45°＋30°)＝1tan450tan300313001所以p＝－11(tanA＋tanB)＝－(2＋3＋1)＝－1－3 33【考点定位】本题主要考查和角公式、诱导公式、正弦定理、一元二次方程根与系数关系等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程、化归与转化等数学思想.

【名师点睛】本题利用一元二次方程的韦达定理，给出三角形两个内角正切值的关系式，求解过程中要注意对判别式的判定，表面上看，判别式对结论没有什么影响，但这对考查学生思维习惯及其严谨性是很有必要的.第(Ⅰ)问得到C＝60°后，第(Ⅱ)问中要注意舍去B＝135°，否则造成失误.属于中档题.

25.【高考天津，文16】（本小题满分13分）△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知△ABC的面积为315,bc2,cosA（I）求a和sinC的值; （II）求cos2A1, 4π 的值. 6151573;（II）. 816【答案】（I）a=8,sinC【解析】

（I）由面积公式可得bc24,结合bc2,可求得解得b6,c4.再由余弦定理求得a=8.最后由正弦定理求sinC的值;（II）直接展开求值. 试题解析:（I）△ABC中,由cosA1511, 由bcsinA315,得bc24, ,得sinA442ac ,sinAsinC又由bc2,解得b6,c4. 由a2b2c22bccosA ,可得a=8.由

得sinC（

15. 8II

）

19

πππ3cos2Acos2Acossin2Asin2cos2A1sinAcosA6662157316

,

【考点定位】本题主要考查三角变换及正弦定理、余弦定理等基础知识,考查基本运算求解能力.

【名师点睛】解三角形问题实质是附加条件的三角变换,因此在解三角形问题的处理中,正弦定理、余弦定理就起到了适时、适度转化边角的作用,分析近几年的高考试卷,有关的三角题,大部分以三角形为载体考查三角变换.

26.【高考新课标1，文17】（本小题满分12分）已知a,b,c分别是ABC内角A,B,C的对边，sin2B2sinAsinC. （I）若ab，求cosB; （II）若B90，且a【答案】（I）【解析】

试题分析：（I）先由正弦定理将sin2B2sinAsinC化为变得关系，结合条件ab，用其中一边把另外两边表示出来，再用余弦定理即可求出角B的余弦值；（II）由（I）知

2, 求ABC的面积.

1（II）1 4b2=2ac，根据勾股定理和即可求出c，从而求出ABC的面积.

试题解析：（I）由题设及正弦定理可得b2=2ac. 又a=b，可得b=2c,a=2c,

a2+c2-b21由余弦定理可得cosB==.

2ac4（II）由(1)知b2=2ac.

因为B=90°，由勾股定理得a2+c2=b2. 故a2+c2=2ac，得c=a=2. 所以DABC的面积为1.

考点：正弦定理；余弦定理；运算求解能力

【名师点睛】解三角形问题的主要工具就是正弦定理、余弦定理，在解题过程中要注意边角

20

关系的转化，根据题目需要合理选择合理的变形复方向，本题考查利用正余弦定理解三角形和计算三角形面积，是基础题.

27.【高考浙江，文16】（本题满分14分）在ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a,b,c.已知tan(4A)2.

（1）求

sin2A的值；

sin2A+cos2A（2）若B【答案】(1)【解析】

4,a3，求ABC的面积.

2；(2)9 51，利用同角三角函数基本函数关系式得到结3(1)利用两角和与差的正切公式，得到tanA论；(2)利用正弦定理得到边b的值，根据三角形，两边一夹角的面积公式计算得到三角形的面积.

1，

43sin2A2sinAcosA2tanA2所以. 22sin2AcosA2sinAcosAcosA2tanA15试题解析：(1)由tan(A)2，得tanA(2)由tanA103101可得，sinA. ,cosA10103，由正弦定理知：b35. a3,B4又sinCsin(AB)sinAcosBcosAsinB25， 5所以SABC1125absinC3359. 225【考点定位】1.同角三角函数基本关系式；2.正弦定理；3.三角形面积公式.

【名师点睛】本题主要考查三角函数的基本计算以及解三角形应用.根据两角和的正切公式，计算角的正切值，利用同角三角函数基本关系式计算得到第一题的结论；根据角的正切值计算得到其正弦值，利用正弦定理计算得到边b的值，根据三角形内角和为180及两角和的正弦公式计算得到角C的正弦值，有两边一夹角的面积公式计算得到面积.本题属于中等题，主要考查学生三角函数有关公式的正确应用以及正弦定理、余弦定理、面积公式的

21

灵活应用，考查学生基本的计算能力. 28.【高考重庆，文18】已知函数f(x)=(Ⅰ)求f（x）的最小周期和最小值，

(Ⅱ)将函数f（x）的图像上每一点的横坐标伸长到原来的两倍，纵坐标不变，得到函数g（x）的图像.当x1sin2x-3cos2x. 2,时，求g(x)的值域. 21-32-32+3，（Ⅱ）[,].

222【答案】（Ⅰ）f(x)的最小正周期为p，最小值为-【解析】

试题分析：（Ⅰ）首先用降幂公式将函数f(x)=1sin2x-23cos2x的解析式化为

f(x)Asin(x)B的形式，从而就可求出f(x)的最小周期和最小值，

（Ⅱ）由题目所给变换及（Ⅰ）的化简结果求出函数g(x)的表达式，再由x合正弦函数的图象即可求出其值域． 试题解析： (1) f(x)=,并结21sin2x-2133cos2x=sin2x-(1+cos2x)

22 =133p3, sin2x-cos2x-=sin(2x-)-222322+3. 2因此f(x)的最小正周期为p，最小值为-(2)由条件可知：g(x)=sin(x-当xÎ[p3. )-32ppp2p,p]时，有x-?[,]， 2363p1从而sin(x-)的值域为[,1]，

32那么sin(x-p31-32-3的值域为[)-,].

32221-32-3p,]. ,p]上的值域是[22222

故g(x)在区间[

【考点定位】1. 三角恒等变换，2.正弦函数的图象及性质，3.三角函数图象变换.

【名师点睛】本题考查三角恒等变形公式及正弦函数的图象及性质，第一问采用先降幂再用辅助角公式将已知函数化为f(x)Asin(x)B的形式求解，第二小问在第一问的基础上应用三角函数图象变换知识首先求出函数g(x)的解析式，再结合正弦函数的图象求其值域.本题属于中档题，注意公式的准确性及变换时的符号.

28.【高考天津，文16】（本小题满分13分）△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知△ABC的面积为315,bc2,cosA（I）求a和sinC的值; （II）求cos2A1, 4π 的值. 6【答案】（I）a=8,sinC【解析】

151573;（II）. 816（I）由面积公式可得bc24,结合bc2,可求得解得b6,c4.再由余弦定理求得a=8.最后由正弦定理求sinC的值;（II）直接展开求值. 试题解析:（I）△ABC中,由cosA1511, 由bcsinA315,得bc24, ,得sinA442ac ,sinAsinC又由bc2,解得b6,c4. 由a2b2c22bccosA ,可得a=8.由

得sinC（

15. 8II

）,

πππ3cos2Acos2Acossin2Asin2cos2A1sinAcosA6662157316

【考点定位】本题主要考查三角变换及正弦定理、余弦定理等基础知识,考查基本运算求解能力.

【名师点睛】解三角形问题实质是附加条件的三角变换,因此在解三角形问题的处理中,正弦

23

定理、余弦定理就起到了适时、适度转化边角的作用,分析近几年的高考试卷,有关的三角题,大部分以三角形为载体考查三角变换.

24