一、等差数列的有关概念:
1、等差数列的判断方法:定义法an1and(d为常数)或an1ananan1(n2)。
如设{an}是等差数列,求证:以bn=等差数列。
a1a2an nN*为通项公式的数列{bn}为
n2、等差数列的通项:ana1(n1)d或anam(nm)d。
如(1)等差数列{an}中,a1030,a2050,则通项an (答:2n10); (2)首项为-24的等差数列,从第10项起开始为正数,则公差的取值范围是______(答:
8d3) 3n(a1an)n(n1),Snna1d。 221315*如(1)数列 {an}中,anan1(n2,nN),an,前n项和Sn,
2223、等差数列的前n和:Sn则a1= _,n=_(答:a13,n10);
2(2)已知数列 {an}的前n项和Sn12nn,求数列{|an|}的前n项和Tn(答:
2*12nn(n6,nN)Tn2).
*n12n72(n6,nN)4、等差中项:若a,A,b成等差数列,则A叫做a与b的等差中项,且Aab。 2提醒:(1)等差数列的通项公式及前n和公式中,涉及到5个元素:a1、d、n、an及
Sn,其中a1、d称作为基本元素。只要已知这5个元素中的任意3个,便可求出其余2个,
即知3求2。(2)为减少运算量,要注意设元的技巧,如奇数个数成等差,可设为…,
a2d,ad,a,ad,a2d…(公差为d);偶数个数成等差,可设为…,a3d,ad,ad,a3d,…(公差为2d)
5、等差数列的性质:
(1)当公差d0时,等差数列的通项公式ana1(n1)ddna1d是关于n的一次函数,且斜率为公差d;前n和Snna1函数且常数项为0.
1 / 13
n(n1)dddn2(a1)n是关于n的二次222(2)若公差d0,则为递增等差数列,若公差d0,则为递减等差数列,若公差d0,则为常数列。
(3)当mnpq时,则有amanapaq,特别地,当mn2p时,则有
aman2ap.
如(1)等差数列{an}中,Sn18,anan1an23,S31,则n=____(答:27); (4) 若{an}、{bn}是等差数列,则{kan}、{kanpbn} (k、p是非零常数)、
aSn,S2nSn,S3nS2n ,…也成等差数列,而{an}成等比数列;若{an}{apnq}(p,qN*)、
是等比数列,且an0,则{lgan}是等差数列.
如等差数列的前n项和为25,前2n项和为100,则它的前3n和为 。(答:
225)
(5)在等差数列{an}中,当项数为偶数2n时,S偶-S奇nd;项数为奇数2n1时,
S奇S偶a中,S2n1(2n1)a中(这里a中即an);S奇:S偶n:n-1。
如(1)在等差数列中,S11=22,则a6=______(答:2);
(2)项数为奇数的等差数列{an}中,奇数项和为80,偶数项和为75,求此数列的中间项与项数(答:5;31).
(6)若等差数列{an}、{bn}的前n和分别为An、Bn,且
Anf(n),则Bnan(2n1)anA2n1它们的前n项和分f(2n1).如设{an}与{bn}是两个等差数列,
bn(2n1)bnB2n1别为Sn和Tn,若
aSn6n23n1,那么n___________(答:) Tn4n38n7bn(7)“首正”的递减等差数列中,前n项和的最大值是所有非负项之和;“首负”的递增
等差数列中,前n项和的最小值是所有非正项之和。法一:由不等式组
an0an0确定出前多少项为非负(或非正);法二:因等差数列前n项是关于或an10an10n的二次函数,故可转化为求二次函数的最值,但要注意数列的特殊性nN*。上述两种
方法是运用了哪种数学思想?(函数思想),由此你能求一般数列中的最大或最小项吗?
如(1)等差数列{an}中,a125,S9S17,问此数列前多少项和最大?并求此最大
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值。(答:前13项和最大,最大值为169);
(2)若{an}是等差数列,首项a10,a2003a20040,a2003a20040,则使前n项和
Sn0成立的最大正整数n是 (答:4006)
(3)在等差数列an中,a100,a110,且a11|a10|,Sn是其前n项和,则( ) A、S1,S2B、S1,S2C、S1,S2D、S1,S2S10都小于0,S11,S12S19都小于0,S20,S21S5都小于0,S6,S7S20都小于0,S21,S22都大于0 都大于0 都大于0
都大于0 (答:B)
(8)如果两等差数列有公共项,那么由它们的公共项顺次组成的新数列也是等差数列,且新等差数列的公差是原两等差数列公差的最小公倍数. 注意:公共项仅是公共的项,其项数不一定相同,即研究anbm.
二、等比数列的有关概念:
1、等比数列的判断方法:定义法
an1q(q为常数),其中q0,an0或anan1an(n2)。 anan1如(1)一个等比数列{an}共有2n1项,奇数项之积为100,偶数项之积为120,则an1为____(答:);(2)数列{an}中,Sn=4an1+1 (n2)且a1=1,若bnan12an ,求证:数列{bn}是等比数列。
2、等比数列的通项:ana1qn1或anamqnm。
如等比数列{an}中,a1an66,a2an1128,前n项和Sn=126,求n和q.(答:
56n6,q1或2) 2a1(1qn)a1anq3、等比数列的前n和:当q1时,Snna1;当q1时,Sn。
1q1q如(1)等比数列中,q=2,S99=77,求a3a6a99(答:44); (2)
(Cn1k010nkn)的值为__________(答:2046);
3 / 13
特别提醒:等比数列前n项和公式有两种形式,为此在求等比数列前n项和时,首先要判断公比q是否为1,再由q的情况选择求和公式的形式,当不能判断公比q是否为1时,要对q分q1和q1两种情形讨论求解。
4、等比中项:若a,A,b成等比数列,那么A叫做a与b的等比中项。提醒:不是任何两数都有等比中项,只有同号两数才存在等比中项,且有两个ab。如已知两个正数
a,b(ab)的等差中项为A,等比中项为B,则A与B的大小关系为______(答:A>B)
提醒:(1)等比数列的通项公式及前n和公式中,涉及到5个元素:a1、q、n、an及
Sn,其中a1、q称作为基本元素。只要已知这5个元素中的任意3个,便可求出其余2个,
即知3求2;(2)为减少运算量,要注意设元的技巧,如奇数个数成等比,可设为…,
aaaa2,,aq,aq3,…,,,a,aq,aq…(公比为);但偶数个数成等比时,不能设为…q23qqqq因公比不一定为正数,只有公比为正时才可如此设,且公比为q。如有四个数,其中前三个数成等差数列,后三个成等比数列,且第一个数与第四个数的和是16,第二个数与第三个数的和为12,求此四个数。(答:15,,9,3,1或0,4,8,16)
5.等比数列的性质:
(1)当mnpq时,则有amanapaq,特别地,当mn2p时,则有
2amanap2.
如(1)在等比数列{an}中,a3a8124,a4a7512,公比q是整数,则a10=___(答:512);
(2)各项均为正数的等比数列{an}中,若a5a69,则log3a1log3a2(答:10)。
*(2) 若{an}是等比数列,则{|an|}、{apnq}(p,qN)、{kan}成等比数列;若
log3a10
a{an}、{bn}成等比数列,则{anbn}、 若{an}是等比数列,且公比q1,{n}成等比数列;
bn则数列Sn,S2nSn,S3nS2n ,…也是等比数列。当q1,且n为偶数时,数列
Sn,S2nSn,S3nS2n ,…是常数数列0,它不是等比数列.
如(1)已知a0且a1,设数列{xn}满足logaxn11logaxn(nN*),且
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x1x2x100100,则x101x102; x200 . (答:100a100)
(2)在等比数列{an}中,Sn为其前n项和,若S3013S10,S10S30140,则S20
的值为______(答:40)
(3)若a10,q1,则{an}为递增数列;若a10,q1, 则{an}为递减数列;若
a10,0q1 ,则{an}为递减数列;若a10,0q1, 则{an}为递增数列;若q0,
则{an}为摆动数列;若q1,则{an}为常数列.
(4) 当q1时,Sna1naq1aqnb,这里ab0,但a0,b0,1q1q是等比数列前n项和公式的一个特征,据此很容易根据Sn,判断数列{an}是否为等比数列。
如若{an}是等比数列,且Sn3nr,则r= (答:-1)
mn(5) SmnSmqSnSnqSm.如设等比数列{an}的公比为q,前n项和为Sn,
若Sn1,Sn,Sn2成等差数列,则q的值为_____(答:-2)
(6) 在等比数列{an}中,当项数为偶数2n时,S偶qS奇;项数为奇数2n1时,
S奇a1qS偶.
(7)如果数列{an}既成等差数列又成等比数列,那么数列{an}是非零常数数列,故常数数列{an}仅是此数列既成等差数列又成等比数列的必要非充分条件。
如设数列an的前n项和为Sn(nN), 关于数列an有下列三个命题:①若
anan1bR,(nN),则an既是等差数列又是等比数列;②若Snan2bna、n则an是等差数列;③若Sn11,则an是等比数列。这些命题中,真命题的序号是 (答:②③)
三、数列通项公式的求法
一、公式法
(S1n1)①an;
SS(n2)n1n②an等差、等比数列an公式.
5 / 13
n例 已知数列{an}满足an12an32,a12,求数列{an}的通项公式。
n评注:本题解题的关键是把递推关系式an12an32转化为
an1an3n,说明数列n1222ana3是等差数列,再直接利用等差数列的通项公式求出,进而求出数列1(n1){n}nn222{an}的通项公式。
二、累加法
例 已知数列{an}满足an1an2n1,a11,求数列{an}的通项公式。
评注:本题解题的关键是把递推关系式an1an2n1转化为an1an2n1,进而求出(anan1)(an1an2)(a3a2)(a2a1)a1,即得数列{an}的通项公式。
n例 已知数列{an}满足an1an231,a13,求数列{an}的通项公式。
nn评注:本题解题的关键是把递推关系式an1an231转化为an1an231,
进而求出an(anan1)(an1an2)项公式。 三、累乘法
(a3a2)(a2a1)a1,即得数列{an}的通
n例 已知数列{an}满足an12(n1)5an,a13,求数列{an}的通项公式。
n评注:本题解题的关键是把递推关系an12(n1)5an转化为
an12(n1)5n,进而求an出
anan1an1an2a3a2a1,即得数列{an}的通项公式。 a2a1四、取倒数法
例 已知数列{an}中,其中a11,,且当n≥2时,anan1,求通项公式an。
2an11解 将anan11112,这说明{}是一个等差数列,两边取倒数得:
2an11anan1an 6 / 13
首项是
1111(n1)22n1,即an1,公差为2,所以. ana12n1五、待定系数法
n例 已知数列{an}满足an12an35,a16,求数列an的通项公式。
n评注:本题解题的关键是把递推关系式an12an35转化为an15n12(an5n),
nn从而可知数列{an5}是等比数列,进而求出数列{an5}的通项公式,最后再求出数列
{an}的通项公式。
n例 已知数列{an}满足an13an524,a11,求数列{an}的通项公式。
n评注:本题解题的关键是把递推关系式an13an524转化为
an152n123(an52n2),从而可知数列{an52n2}是等比数列,进而求
n出数列{an522}的通项公式,最后再求数列{an}的通项公式。
六、对数变换法
n5例 已知数列{an}满足an123an,a17,求数列{an}的通项公式。
n5评注:本题解题的关键是通过对数变换把递推关系式an123an转化为
lg3lg3lg2lg3lg3lg2(n1)5(lgann),从而可知数列4141lg3lg3lg2lg3lg3lg2{lgann}是等比数列,进而求出数列{lgann}的通项
4141lgan1公式,最后再求出数列{an}的通项公式。 七、迭代法
3(n1)2例 已知数列{an}满足an1an,a15,求数列{an}的通项公式。
n评注:本题还可综合利用累乘法和对数变换法求数列的通项公式。即先将等式an1ann两边取常用对数得lgan13(n1)2lgan,即
3(n1)2nlgan13(n1)2n,再由累乘法可推知lgan 7 / 13
lganlgan1lganlgan1lgan2八、数学归纳法
n1lga3lga2lga1lg53n!2lga2lga1n(n1)2,从而an53n1n!2n(n1)2。
例 已知数列{an}满足an1an8(n1)8,a,求数列{an}的通项公式。 122(2n1)(2n3)9解:由an1an8(n1)8及,得。。。。。。 a1(2n1)2(2n3)29(2n1)21由此可猜测an,往下用数学归纳法证明这个结论。
(2n1)2(211)218,所以等式成立。 (1)当n1时,a12(211)9(2k1)21(2)假设当nk时等式成立,即ak,则当nk1时,
(2k1)2ak1ak8(k1)。。。。。。
(2k1)2(2k3)2由此可知,当nk1时等式也成立。
根据(1),(2)可知,等式对任何nN都成立。 九、换元法
例 已知数列{an}满足an1*1(14an124an),a11,求数列{an}的通项公式。 1612(bn1) 24解:令bn124an,则an故an112122(bn11),代入an1(14an124an)得。。。。。。即4bn1(bn3) 241613bn, 22因为bn124an0,故bn1124an10则2bn1bn3,即bn1可化为bn131(bn3), 2 8 / 13
所以{bn3}是以b13124a13124132为首项,以列,因此bn32()1为公比的等比数212n1111()n2,则bn()n23,即124an()n23,得 2222111an()n()n。
3423十、构造等差、等比数列法
n① an1panq;②an1panq;③an1panf(n);④an2pan1qan.
例 已知数列an中,a11,an12an3,求数列an的通项公式.
n1n1【解析】an132(an3) an342an23.
【反思归纳】递推关系形如“an1panq” 适用于待定系数法或特征根法: ①令an1p(an);
② 在an1panq中令an1anxxq,an1xp(anx); 1p③由an1panq得anpan1q,an1anp(anan1).
n例 已知数列an中,a11,an12an3,求数列an的通项公式. n【解析】an12an3,an1anan3n,令()bn
2n2n122n13bn(bnbn1)(bn1bn2)(b2b1)b1 2()n2 an3n2n
2n【反思归纳】递推关系形如“an1panq”通过适当变形可转化为: n“an1panq”或“an1anf(n)求解.
十一、不动点法
例 已知数列{an}满足an17an2,a12,求数列{an}的通项公式。
2an3解:令x7x23x12,得2x4x20,则x1是函数f(x)的不动点。
2x34x77an25a51n,所以
2an32an3 9 / 13
因为an11
2111an()n()n。
3423评注:本题解题的关键是通过将124an的换元为bn,使得所给递推关系式转化
13从而可知数列{bn3}为等比数列,进而求出数列{bn3}的通项公式,bn1bn形式,
22最后再求出数列{an}的通项公式。
四、数列求和的基本方法和技巧
一、利用常用求和公式求和 1、 等差数列求和公式:Snn(a1an)n(n1)na1d 22(q1)na1n2、等比数列求和公式:Sna1(1q)a1anq
(q1)1q1q前n个正整数的和 123nn(n1) 2n(n1)(2n1)
6n(n1)2前n个正整数的立方和 132333n3[]
2公式法求和注意事项 (1)弄准求和项数n的值; 前n个正整数的平方和 122232n2 (2)等比数列公比q未知时,运用前n项和公式要分类。
例 已知log3x123n,求xxxx的前n项和. log23Sn的最大值.
(n32)Sn1例 设Sn=1+2+3+…+n,n∈N*,求f(n) ∴ f(n)Sn= =
(n32)Sn11n34n=
(n18n)2501 50 ∴ 当
n81,即n=8时,f(n)max
508二、错位相减法求和
这种方法主要用于求数列{an· bn}的前n项和,其中{ an }、{ bn }分别是等差数列和等比数列. 求和时一般在已知和式的两边都乘以组成这个数列的等比数列的公比
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q;
然后再将得到的新和式和原和式相减,转化为同倍数的等比数列求和。
1n1例:(2009全国卷Ⅰ理)在数列{an}中,a11,an1(1)ann
n2a(I)设bnn,求数列{bn}的通项公式(II)求数列{an}的前n项和Sn
naa11分析:(I)由已知有n1nnbn1bnn
n1n221*利用累差迭加即可求出数列{bn}的通项公式: bn2n1(nN)
2nnnkkn(II)由(I)知an2nn1,Sn=(2kk1)(2k)k1
22k1k1k12n而
(2k)n(n1),又k1nk是一个典型的错位相减法模型, k12k1n易得
kn2n2S4 =4 n(n1)nk1n1n122k12倒序相加法求和
三、
这是推导等差数列的前n项和公式时所用的方法,就是将一个数列倒过来排列(反序),再把它与原数列相加,就可以得到n个(a1an).
012n3Cn5Cn(2n1)Cn(n1)2n 例 求证:Cn012n证明: 设SnCn3Cn5Cn(2n1)Cn
nn110Sn(2n1)Cn(2n1)Cn3CnCn n ∴ Sn(n1)2
四、分组法求和
有一类数列,既不是等差数列,也不是等比数列,若将这类数列适当拆开,可分为几个等差、等比或常见的数列,然后分别求和,再将其合并即可. [例7] 求数列的前n项和:11,1114,27,,n13n2,… aaa111解:设Sn(11)(4)(27)(n13n2)
aaa111Sn(12n1)(1473n2)
aaa(3n1)n(3n1)n当a=1时,Snn=
22 11 / 13
11nnaa(3n1)n(3n1)na当a1时,Sn=
1a1221a1例:(2010全国卷2文)(18)(本小题满分12分)已知{an}是各项均为正数的等比数列,且a1a22(11111),a3a4a5()
a3a4a5a1a212),求数列{bn}的前n项和Tn。 an(Ⅰ)求{an}的通项公式;(Ⅱ)设bn(an五、裂项法求和
这是分解与组合思想在数列求和中的具体应用. 裂项法的实质是将数列中的每项(通项)分解,然后重新组合,使之能消去一些项,最终达到求和的目的. 通项分解(裂项)如:
sin1tan(n1)tann (1)anf(n1)f(n) (2)cosncos(n1)(2n)21111111() (3)an (4)an(2n1)(2n1)22n12n1n(n1)nn1(5)an(6)
1111[]
n(n1)(n2)2n(n1)(n1)(n2)ann212(n1)n1111nn,则S1 nn(n1)2n(n1)2n2n1(n1)2n(n1)2n例 求数列
1121,123,,1nn1,的前n项和.
annn1112n1n 1231nn1则 Sn =n11
例 在数列{an}中,an项的和.
解: ∵ an
212n,又bn,求数列{bn}的前nanan1n1n1n112nn n1n1n12 12 / 13
∴ bn2118()
nn1nn12211111118n Sn8[(1)()()( )] =
22334nn1n1六、合并法求和
针对一些特殊的数列,将某些项合并在一起就具有某种特殊的性质,因此,在求数列的和时,可将这些项放在一起先求和,然后再求Sn.
例 数列{an}:a11,a23,a32,an2an1an,求S2002.
解:设S2002=a1a2a3a2002
a6k11,a6k23,a6k32,a6k41,a6k53,a6k62
∵ a6k1a6k2a6k3a6k4a6k5a6k60
S2002=a1a2a3a2002 =a6k1a6k2a6k3a6k4=5
例 在各项均为正数的等比数列中,若a5a69,求log3a1log3a2log3a10的值.
解:设Snlog3a1log3a2log3a10
由等比数列的性质 mnpqamanapaq
Sn(log3a1log3a10)(log3a2log3a9)(log3a5log3a6) =10
七、利用数列的通项求和
先根据数列的结构及特征进行分析,找出数列的通项及其特征,然后再利用数列的通项揭示的规律来求数列的前n项和,是一个重要的方法.
例 求1111111111之和. n个11解:由于111k个1119999(10k1) 99k个1n个1∴ 1111111111 = 110(10n1)n1 =(10n1109n) =9101981 13 / 13
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